2021年高考甲卷-理综试题(含解析)

1. 已知①酶、②抗体、③激素、④糖原、⑤脂肪、⑥核酸都是人体内有重要作用的物质。 下列说法正确的是( ) A. ①②③都是由氨基酸通过肽键连接而成的 B. ③④⑤都是生物大分子,都以碳链为骨架 C. ①②⑥都是由含氮的单体连接成的多聚体 D. ④⑤⑥都是人体细胞内的主要能源物质 【答案】C 【解析】 【分析】1、酶是活细胞合成的具有催化作用的有机物,大多数酶是蛋白质,少数酶是 RNA。 2、核酸是一切生物的遗传物质。有细胞结构的生物含有 DNA 和 RNA 两种核酸,但其细胞 核遗传物质和细胞质遗传物质都是 DNA。 3、动物体内激素的化学成分不完全相同,有的属于蛋白质类,有的属于脂质,有的属于氨 基酸衍生物。 【详解】A、酶的化学本质是蛋白质或 RNA,抗体的化学本质是蛋白质,激素的化学本质 是有机物,如蛋白质、氨基酸的衍生物、脂质等,只有蛋白质才是由氨基酸通过肽键连接而 成的,A 错误; B、糖原是生物大分子,脂肪不是生物大分子,且激素不一定是大分子物质,如甲状腺激素 是含碘的氨基酸,B 错误; C、酶的化学本质是蛋白质或 RNA,抗体的化学成分是蛋白质,蛋白质是由氨基酸连接而成 的多聚体,核酸是由核苷酸连接而成的多聚体,氨基酸和核苷酸都含有氮元素,C 正确; D、人体主要的能源物质是糖类,核酸是生物的遗传物质,脂肪是机体主要的储能物质,D 错误。 故选 C。 2. 某同学将酵母菌接种在马铃薯培养液中进行实验,不可能得到的结果是( ) A. 该菌在有氧条件下能够繁殖 B. 该菌在无氧呼吸的过程中无丙酮酸产生

C. 该菌在无氧条件下能够产生乙醇 D. 该菌在有氧和无氧条件下都能产生 CO2 【答案】B 【解析】 【分析】酵母菌是兼性厌氧生物,有氧呼吸的产物是二氧化碳和水,无氧呼吸产物是酒精和 二氧化碳。 【详解】A、酵母菌有细胞核,是真菌生物,其代谢类型是异氧兼性厌氧型,与无氧条件相 比,在有氧条件下,产生的能量多,酵母菌的增殖速度快,A 不符合题意; BC、酵母菌无氧呼吸在细胞质基质中进行,无氧呼吸第一阶段产生丙酮酸、还原性的氢, 并释放少量的能量,第二阶段丙酮酸被还原性氢还原成乙醇,并生成二氧化碳,B 符合题意, C 不符合题意; D、酵母菌有氧呼吸和无氧呼吸都在第二阶段生成 CO2,D 不符合题意。 故选 B。 3. 生长素具有促进植物生长等多种生理功能。下列与生长素有关的叙述,错误的是( ) A. 植物生长 “顶端优势”现象可以通过去除顶芽而解除 B. 顶芽产生的生长素可以运到侧芽附近从而抑制侧芽生长

D. 在促进根、茎两种器官生长时,茎是对生长素更敏感的器官 【答案】D 【解析】 【分析】生长素的化学本质是吲哚乙酸;生长素的运输主要是极性运输,也有非极性运输和 横向运输;生长素对植物生长具有双重作用,即低浓度促进生长,高浓度抑制生长。 【详解】AB、顶端优势产生的原因是顶芽产生的生长素向下运输,枝条上部的侧芽部位生 长素浓度较高,侧芽对生长素浓度比较敏感,因而使侧芽的发育受到抑制,可以通过摘除顶 芽的方式解除植株顶端优势,AB 正确; C、生物的性状是由基因控制的,生长素能引起生物性状的改变,是通过调控某些基因的表 达来影响植物生长的,C 正确; D、根、茎两种器官对生长素的反应敏感程度有明显差异,其中根对生长素最敏感,D 错误。 故选 D。 4. 人体下丘脑具有内分泌功能,也是一些调节中枢的所在部位。下列有关下丘脑的叙述,

错误的是( ) A. 下丘脑能感受细胞外液渗透压的变化 B. 下丘脑能分泌抗利尿激素和促甲状腺激素 C. 下丘脑参与水盐平衡的调节:下丘脑有水平衡调节中枢 D. 下丘脑能感受体温的变化;下丘脑有体温调节中枢 【答案】B 【解析】 【分析】下丘脑的功能: ①感受:渗透压感受器感受渗透压升降,维持水盐代谢平衡。 ②传导:可将渗透压感受器产生的兴奋传导至大脑皮层,使之产生渴觉。 ③分泌:分泌促激素释放激素,作用于垂体,使之分泌相应的激素或促激素。在外界环境温 度低时分泌促甲状腺激素释放激素,在细胞外液渗透压升高时促使垂体分泌抗利尿激素。 ④调节:体温调节中枢、血糖调节中枢、渗透压调节中枢。 ⑤下丘脑视交叉上核的神经元具有日周期节律活动,这个核团是体内日周期节律活动的控制 中心。 【详解】AC、下丘脑是水盐平衡调节中枢,同时也具有渗透压感受器,来感知细胞外液渗 透压的变化,AC 正确; B、下丘脑能分泌促甲状腺激素释放激素、抗利尿激素等,具有内分泌功能,促甲状腺激素 是由垂体分泌,B 错误; D、下丘脑内有是维持体温相对恒定的体温调节中枢,能感受体温变化,能调节产热和散热, D 正确。 故选 B。 5. 果蝇的翅型、眼色和体色 3 个性状由 3 对独立遗传的基因控制,且控制眼色的基因位于 X 染色体上。让一群基因型相同的果蝇(果蝇 M)与另一群基因型相同的果蝇(果蝇 N)作 为亲本进行杂交,分别统计子代果蝇不同性状的个体数量,结果如图所示。已知果蝇 N 表 现为显性性状灰体红眼。下列推断错误的是( )

A. 果蝇 M 为红眼杂合体雌蝇 B. 果蝇 M 体色表现 黑檀体 C. 果蝇 N 灰体红眼杂合体 D. 亲本果蝇均为长翅杂合体

【解析】 【分析】分析柱形图:果蝇 M 与果蝇 N 作为亲本进行杂交杂交,子代中长翅:残翅=3:1, 说明长翅为显性性状,残翅为隐性性状,亲本关于翅型的基因型均为 Aa(假设控制翅型的 基因为 A/a);子代灰身:黑檀体=1:1,同时灰体为显性性状,亲本关于体色的基因型为 Bb×bb(假设控制体色的基因为 B/b);子代红眼:白眼=1:1,红眼为显性性状,且控制眼 色的基因位于 X 染色体上,假设控制眼色的基因为 W/w),故亲本关于眼色的基因型为 XWXw×XwY 或 XwXw×XWY。3 个性状由 3 对独立遗传的基因控制,遵循基因的自由组合定 律,因为 N 表现为显性性状灰体红眼,故 N 基因型为 AaBbXWXw 或 AaBbXWY,则 M 的基 因型对应为 Aa bb XwY 或 AabbXwXw 。 【详解】AB、根据分析可知,M 的基因型为 Aa bb XwY 或 AabbXwXw,表现为长翅黑檀体 白眼雄蝇或长翅黑檀体白眼雌蝇,A 错误,B 正确; C、N 基因型为 AaBbXWXw 或 AaBbXWY,灰体红眼表现为长翅灰体红眼雌蝇,三对基因均 为杂合,C 正确; D、亲本果蝇长翅的基因型均为 Aa,为杂合子,D 正确。 故选 A。 6. 群落是一个不断发展变化的动态系统。下列关于发生在裸岩和弃耕农田上的群落演替的 说法,错误的是( )

A. 人为因素或自然因素的干扰可以改变植物群落演替的方向 B. 发生在裸岩和弃耕农田上的演替分别为初生演替和次生演替 C. 发生在裸岩和弃耕农田上的演替都要经历苔藓阶段、草本阶段 D. 在演替过程中,群落通常是向结构复杂、稳定性强的方向发展 【答案】C 【解析】 【分析】1、群落演替:随着时间的推移,一个群落被另一个群落代替的过程。 2、群落演替的原因:生物群落的演替是群落内部因素(包括种内关系、种间关系等)与外 界环境因素综合作用的结果。 3、初生演替:是指一个从来没有被植物覆盖的地面,或者是原来存在过植被,但是被彻底 消灭了的地方发生的演替;次生演替:原来有的植被虽然已经不存在,但是原来有的土壤基 本保留,甚至还保留有植物的种子和其他繁殖体的地方发生的演替。 【详解】A、人类活动可以影响群落演替的方向和速度,退湖还田、封山育林、改造沙漠、 生态农业等相关措施都能促进群落良性发展,A 正确; BC、发生在裸岩上的演替是初生演替,依次经过:地衣阶段→苔藓阶段→草本阶段→灌木 阶段→森林阶段,弃耕农田的演替为次生演替,自然演替方向为草本阶段→灌木阶段→乔木 阶段,B 正确,C 错误; D、一般情况下,演替过程中生物生存的环境逐渐改善,群落的营养结构越来越复杂,抵抗 力稳定性越来越高,恢复力稳定性越来越低,D 正确。 故选 C。 7. 植物的根细胞可以通过不同方式吸收外界溶液中的 K+。回答下列问题: (1)细胞外的 K+可以跨膜进入植物的根细胞。细胞膜和核膜等共同构成了细胞的生物膜系 统,生物膜的结构特点是_______。 (2)细胞外的 K+能够通过离子通道进入植物的根细胞。离子通道是由_______复合物构成 的,其运输的特点是_______(答出 1 点即可)。 (3)细胞外的 K+可以通过载体蛋白逆浓度梯度进入植物的根细胞。在有呼吸抑制剂的条件 下,根细胞对 K+的吸收速率降低,原因是_______。 【答案】 (1). 具有一定的流动性 (2). 蛋白质 (3). 顺浓度或选择性 (4). 细胞 逆浓度梯度吸收 K+是主动运输过程,需要能量,呼吸抑制剂会影响细胞呼吸供能,故使细 胞主动运输速率降低

【解析】 【分析】植物根细胞的从外界吸收各种离子为主动运输,一般从低到高主动地吸收或排出物 质,以满足生命活动的需要,需要耗能、需要载体协助。 【详解】(1)生物膜的结构特点是具有一定的流动性。 (2)离子通道是由蛋白质复合物构成的,一种通道只能先让某种离子通过,而另一些离子 则不容易通过,即离子通道具有选择性。 (3)细胞外的 K+可以通过载体蛋白逆浓度梯度进入植物的根细胞。可知是主动运输过程, 主动运输需要消耗能量,而细胞中的能量由细胞呼吸提供,因此呼吸抑制剂会影响细胞对 K+的吸收速率。 【点睛】本题考查植物细胞对离子的运输方式,主动运输的特点等,要求考生识记基本知识 点,理解描述基本生物学事实。 8. 用一段由放射性同位素标记的 DNA 片段可以确定基因在染色体上的位置。某研究人员使 用放射性同位素 32P 标记的脱氧腺苷三磷酸(dATP,dA-Pα~Pβ~Pγ)等材料制备了 DNA 片段甲 (单链),对 W 基因在染色体上的位置进行了研究,实验流程的示意图如下。

回答下列问题: (1)该研究人员在制备 32p 标记的 DNA 片段甲时,所用 dATP 的 α 位磷酸基团中的磷必须 是 32P,原因是_______。 (2)该研究人员以细胞为材料制备了染色体样品,在混合操作之前去除了样品中的 RNA 分子,去除 RNA 分子的目的是_______。 (3)为了使片段甲能够通过碱基互补配对与染色体样品中的 W 基因结合,需要通过某种处 理使样品中的染色体 DNA_______。 (4)该研究人员在完成上述实验的基础上,又对动物细胞内某基因的 mRNA 进行了检测, 在实验过程中用某种酶去除了样品中的 DNA,这种酶是_______。 【答案】 (1). dATP 脱去 β、γ 位上的两个磷酸基团后,则为腺嘌呤脱氧核苷酸,是合成 DNA 的原料之一 (2). 防止 RNA 分子与染色体 DNA 的 W 基因片段发生杂交 (3). 解 旋 (4). DNA 酶

【解析】 【分析】根据题意,通过带 32p 标记的 DNA 分子与被测样本中的 W 基因进行碱基互补配对, 形成杂交带,可以推测出 W 基因在染色体上的位置。 【详解】(1)dA-Pα~Pβ~Pγ 脱去 β、γ 位上的两个磷酸基团后,则为腺嘌呤脱氧核苷酸,是合 成 DNA 的原料之一。因此研究人员在制备 32p 标记的 DNA 片段甲时,所用 dATP 的 α 位磷 酸基团中的磷必须是 32p。 (2)RNA 分子也可以与染色体 DNA 进行碱基互补配对,产生杂交带,从而干扰 32p 标记的 DNA 片段甲与染色体 DNA 的杂交,故去除 RNA 分子,可以防止 RNA 分子与染色体 DNA 的 W 基因片段发生杂交。 (3)DNA 分子解旋后的单链片段才能与 32p 标记的 DNA 片段甲进行碱基互补配对,故需 要使样品中的染色体 DNA 解旋。 (4)DNA 酶可以水解 DNA 分子从而去除了样品中的 DNA。 【点睛】本题考查知识点中对 DNA 探针法的应用,考生需要掌握 DNA 探针的原理,操作 的基本过程才能解题。 9. 捕食是一种生物以另一种生物为食的现象,能量在生态系统中是沿食物链流动的。回答 下列问题: (1)在自然界中,捕食者一般不会将所有的猎物都吃掉,这一现象对捕食者的意义是 __________(答出 1 点即可)。 (2)青草→羊→狼是一条食物链。根据林德曼对能量流动研究的成果分析,这条食物链上 能量流动的特点是__________。 (3)森林、草原、湖泊、海洋等生态系统是常见的生态系统,林德曼关于生态系统能量流 动特点的研究成果是以__________生态系统为研究对象得出的。 【答案】 (1). 避免自己没有食物,无法生存下去 (2). 单向流动,逐级递减 (3). (赛达伯格湖)湖泊 【解析】 【分析】1、种间关系包括竞争、捕食、互利共生和寄生等: 捕食:一种生物以另一种生物作为食物; 竞争:两种或两种以上生物相互争夺资源和空间,竞争的结果常表现为相互抑制,有时表现 为一方占优势,另一方处于劣势甚至灭亡; 寄生:一种生物(寄生者)寄居于另一种生物(寄主)的体内或体表,摄取寄主的养分以维

2、生态系统中能量的输入、传递、转化和散失的过程,称为生态系统的能量流动。 【详解】(1)在自然界中,捕食者一般不会将所有的猎物都吃掉,捕食者所吃掉的大多是被 捕食者中年老、病弱或年幼的个体,客观上起到了促进种群发展的作用,对捕食者而言,不 会导致没有猎物可以捕食而饿死,无法生存下去;

(2)能量在生态系统中是沿食物链流动的,能量流动是单向的,不可逆转,也不能循环流 动,在流动过程中逐级递减,能量传递效率一般在 10%-20%; (3)林德曼关于生态系统能量流动特点的研究成果是对一个结构相对简单的天然湖泊—— 赛达伯格湖的能量流动进行了定量分析,最终得出能量流动特点。

【点睛】本题考查生物的种间关系捕食、能量流动的特点,难度较小,需要记住教材中的基

础知识就能顺利解题,需要注意的本题考查了一个细节:林德曼研究的是湖泊生态系统,容 易忘记该知识点。 10. 植物的性状有的由 1 对基因控制,有的由多对基因控制。一种二倍体甜瓜的叶形有缺刻 叶和全缘叶,果皮有齿皮和网皮。为了研究叶形和果皮这两个性状的遗传特点,某小组用基

因型不同的甲乙丙丁 4 种甜瓜种子进行实验,其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮。杂交 实验及结果见下表(实验②中 F1 自交得 F2)。

9/16 缺刻叶齿皮,3/16 缺刻叶网皮 3/16 全缘叶齿皮,1/16 全缘叶网皮

回答下列问题: (1)根据实验①可判断这 2 对相对性状的遗传均符合分离定律,判断的依据是_____。根据 实验②,可判断这 2 对相对性状中的显性性状是__________。 (2)甲乙丙丁中属于杂合体 是__________。 (3)实验②的 F2 中纯合体所占的比例为__________。 (4)假如实验②的 F2 中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮不是

9∶3∶3∶1,而是 45∶15∶3∶1,则叶形和果皮这两个性状中由 1 对等位基因控制的是 __________,判断的依据是__________。 【答案】 (1). 基因型不同的两个亲本杂交,F1 分别统计,缺刻叶∶全缘叶=1∶1,齿皮∶ 网皮=1∶1,每对相对性状结果都符合测交的结果,说明这 2 对相对性状的遗传均符合分离 定律 (2). 缺刻叶和齿皮 (3). 甲和乙 (4). 1/4 (5). 果皮 (6). F2 中齿皮∶网 皮=48∶16=3∶1,说明受一对等位基因控制 【解析】 【分析】分析题表,实验②中 F1 自交得 F2,F1 全为缺刻叶齿皮,F2 出现全缘叶和网皮,可 以推测缺刻叶对全缘叶为显性(相关基因用 A 和 a 表示),齿皮对网皮为显性(相关基因用 B 和 b 表示),且 F2 出现 9∶3∶3∶1。 【详解】(1)实验①中 F1 表现为 1/4 缺刻叶齿皮,1/4 缺刻叶网皮,1/4 全缘叶齿皮,1/4 全 缘叶网皮,分别统计两对相对性状,缺刻叶∶全缘叶=1∶1,齿皮∶网皮=1∶1,每对相对 性状结果都符合测交的结果,说明这 2 对相对性状的遗传均符合分离定律;根据实验②,F1 全为缺刻叶齿皮,F2 出现全缘叶和网皮,可以推测缺刻叶对全缘叶为显性,齿皮对网皮为显 性; (2)根据已知条件,甲乙丙丁的基因型不同,其中甲和丙种植后均表现为缺刻叶网皮,实 验①杂交的 F1 结果类似于测交,实验②的 F2 出现 9∶3∶3∶1,则 F1 的基因型为 AaBb,综 合推知,甲的基因型为 Aabb,乙的基因型为 aaBb,丙的基因型为 AAbb,丁的基因型为 aaBB, 甲乙丙丁中属于杂合体的是甲和乙; (3)实验②的 F2 中纯合体基因型为 1/16AABB,1/16AAbb,1/16aaBB,1/16aabb,所有纯 合体占的比例为 1/4; (4)假如实验②的 F2 中缺刻叶齿皮∶缺刻叶网皮∶全缘叶齿皮∶全缘叶网皮 =45∶15∶3∶1,分别统计两对相对性状,缺刻叶∶全缘叶=60∶4=15∶1,可推知叶形受两 对等位基因控制,齿皮∶网皮=48∶16=3∶1,可推知果皮受一对等位基因控制。 【点睛】本题考查基因的分离定律和自由组合定律,难度一般,需要根据子代结果分析亲代 基因型,并根据杂交结果判断是否符合分离定律和自由组合定律,查考遗传实验中分析与计 算能力。

11. 加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉。某同学通过实验比较了几种洗衣粉的去渍效果 (“+”越多表示去渍效果越好),实验结果见下表。

根据实验结果回答下列问题: (1)加酶洗衣粉 A 中添加的酶是__________;加酶洗衣粉 B 中添加的酶是__________;加 酶洗衣粉 C 中添加的酶是__________。 (2)表中不宜用于洗涤蚕丝织物的洗衣粉有__________,原因是___________。 (3)相对于无酶洗衣粉,加酶洗衣粉去渍效果好 原因是___________。 (4)关于酶的应用,除上面提到的加酶洗衣粉外,固定化酶也在生产实践中得到应用,如

的 固定化葡萄糖异构酶已经用于高果糖浆生产。固定化酶技术是指___________。固定化酶在

生产实践中应用的优点是_________(答出 1 点即可)。 【答案】 (1). 蛋白酶 (2). 脂肪酶 (3). 蛋白酶和脂肪酶 (4). 加酶洗衣粉 A 和加酶洗衣粉 C (5). 蚕丝织物的主要成分是蛋白质,会被蛋白酶催化水解 (6). 酶 可以将大分子有机物分解为小分子有机物,小分子有机物易溶于水,从而将污渍与洗涤物分 开 (7). 利用物理或化学方法将酶固定在一定空间内的技术 (8). 固定在载体上的酶 可以被反复利用,可降低生产成本(或产物容易分离,可提高产品的产量和质量,或固定化 酶稳定性好,可持续发挥作用) 【解析】 【分析】加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉,目前常用的酶制剂有四类:蛋白酶、脂肪酶、 淀粉酶和纤维素酶。其中,应用最广泛、效果最明显的是碱性蛋白酶和碱性脂肪酶。碱性蛋 白酶能将血渍、奶渍等含有大分子蛋白质水解成可溶性的氨基酸或小分子的肽,使污迹容易 从衣物上脱落。 【详解】(1)从表格中信息可知,加酶洗衣粉 A 对血渍的洗涤效果比对照组的无酶洗衣粉 效果好,而血渍含有大分子蛋白质,因此,加酶洗衣粉 A 中添加的酶是蛋白酶,同理,加 酶洗衣粉 B 中添加的酶是脂肪酶;加酶洗衣粉 C 对血渍和油渍的洗涤效果比无酶洗衣粉好, 油渍中有脂肪,因此,加酶洗衣粉 C 中添加的酶是蛋白酶和脂肪酶。 (2)蚕丝织物中有蛋白质,因此,表中不宜用于洗涤蚕丝织物的洗衣粉有加酶洗衣粉 A、

加酶洗衣粉 C ,原因是蚕丝织物主要成分是蛋白质,会被蛋白酶催化水解。 (3)据分析可知,相对于无酶洗衣粉,加酶洗衣粉去渍效果好的原因是:酶可以将大分子 有机物分解为小分子有机物,小分子有机物易溶于水,从而将污渍与洗涤物分开。 (4)固定化酶技术是指利用物理或化学方法将酶固定在一定空间内的技术,酶既能与反应 物接触,又能与产物分离,所以固定在载体上的酶还可以被反复利用。所以固定化酶在生产 实践中应用的优点是:降低生产成本(或产物容易分离,可提高产品的产量和质量,或固定 化酶稳定性好,可持续发挥作用)。 【点睛】本题考查加酶洗衣粉、酶的固定化相关知识点,难度较小,解答本题的关键是明确 加酶洗衣粉与普通洗衣粉去污原理的异同,以及固定化酶技术的应用实例和优点。

12. PCR 技术可用于临床的病原菌检测。为检测病人是否感染了某种病原菌,医生进行了相 关操作:①分析 PCR 扩增结果;②从病人组织样本中提取 DNA;③利用 PCR 扩增 DNA 片 段;④采集病人组织样本。回答下列问题: (1)若要得到正确的检测结果,正确的操作顺序应该是_________(用数字序号表示)。 (2)操作③中使用的酶是_________。PCR 反应中的每次循环可分为变性、复性、________ 三步,其中复性的结果是_______ 。 (3)为了做出正确的诊断,PCR 反应所用的引物应该能与_______ 特异性结合。 (4)PCR(多聚酶链式反应)技术是指_______。该技术目前被广泛地应用于疾病诊断等方 面。 【答案】 (1). ④②③① (2). Taq 酶(热稳定 DNA 聚合酶) (3). 延伸 (4). Taq 酶从引物起始进行互补链的合成 (5). 两条单链 DNA (6). 一项在生物体外复制特定 DNA 片段的核酸合成技术 【解析】 【分析】PCR 是一项在生物体外复制特定 DNA 片段的核酸合成技术。通过这一技术,可以 在短时间内大量扩增目的基因。利用 PCR 技术扩增目的基因的前提,是要有一段已知目的 基因的核苷酸序列,以便根据这一序列合成引物。 【详解】(1)PCR 技术可用于临床的病原菌检测,若要得到正确的检测结果,正确的操作 顺序应该是④采集病人组织样本→②从病人组织样本中提取 DNA→③利用 PCR 扩增 DNA 片段→①分析 PCR 扩增结果。 (2)在用 PCR 技术扩增 DNA 时,DNA 的复制过程与细胞内 DNA 的复制类似,操作③中

使用的酶是 Taq 酶(热稳定 DNA 聚合酶),PCR 反应中的每次循环可分为变性、复性、延 伸三步,其中复性的结果是 Taq 酶从引物起始进行互补链的合成。 (3)DNA 复制需要引物,为了做出正确的诊断,PCR 反应所用的引物应该能与两条单链 DNA 特异性结合。 (4)据分析可知,PCR(多聚酶链式反应)技术是指一项在生物体外复制特定 DNA 片段 的核酸合成技术。该技术目前被广泛地应用于疾病诊断等方面。 【点睛】本题考查 PCR 技术及应用,难度较小,解答本题的关键是明确 PCR 技术的原理, 具体反应过程,以及在临床病原菌检测中的应用。

14.如图,将光滑长平板的下端置于铁架台水平底座上的挡板 P 处,上部架在横杆上。横杆 的位置可在竖直杆上调节,使得平板与底座之间的夹角 可变。将小物块由平板与竖直杆交 点 Q 处静止释放,物块沿平板从 Q 点滑至 P 点所用的时间 t 与夹角 的大小有关。若由 30 逐渐增大至 60 ,物块的下滑时间 t 将( )

A.逐渐增大 B.逐渐减小 C.先增大后减小 D.先减小后增大 【答案】D 【解析】长木块光滑,物块在重力分力的作用下匀加速直线运动,由牛顿第二定律得:

x0 , 由 30 增大至 60 ,由数学知识可知,t 先减小后增大,故 D 正确,ABC

项错误。 15.“旋转纽扣”是一种传统游戏。如图,先将纽扣绕几圈,使穿过纽扣的两股细绳拧在一 起,然后用力反复拉绳的两端,纽扣正转和反转会交替出现。拉动多次后,纽扣绕其中心的

转速可达 50r/s ,此时纽扣上距离中心1cm 处的点向心加速度大小约为( )

16.两足够长直导线均折成直角,按图示方式放置在同一平面内,EO 与 OQ 在一条直线上, PO 与 OF 在一条直线上,两导线相互绝缘,通有相等的电流 I ,电流方向如图所示。若一 根无限长直导线通过电流 I 时,所产生的磁场在距离导线 d 处的磁感应强度大小为 B ,则图 中与导线距离均为 d 的 M、N 两点处的磁感应强度大小分别为( )

【解析】对 M 点磁感应强度分析,由安培定则可知: Fo 在 M 点磁感应强度大小为 B ,垂

直纸面向里, OO 在 M 点磁感应强度大小为 B ,垂直纸面向外,根据矢量叠加可知 M 点 磁感应强度为 0;对 N 点,OO 在 N 点磁感应强度大小为 B ,垂直纸面向里,OP 在 N 点 磁感应强度大小为 B ,垂直纸面向里,则 N 电磁感应强度为 2B 。故 B 项正确,ACD 项错误。 17.如图,一个原子核 X 经图中所示的一系列 a、 衰变后,生成稳定的原子核 Y ,在此过

【解析】原子核发生一次 衰变,核电荷数减 2,质量数减 4,;原子核发生一次 衰变,

放出 1 个电子,质量数不变,由图可知,衰变后质子数为 82 变化率为 10,中子数为 124 变

化量为 22,假设发生了 m 次衰变,n 次 衰变,则:4m 32 ,2m n 10,求得:m 8 , n 6 ,故放出了 6 个电子,故 A 选项正确,BCD 选项错误。

18. 2021年 2 月,执行我国火星探测任务的“天问一号”探测器在成功实施三次近火制动后, 进入运行周期约为1.8 105s 的椭圆形停泊轨道,轨道与火星表面的最近距离约为 2.8 105m 。已知火星半径约为 3.4 106 m ,火星表面处自由落体的加速度大小约为 3.7m/s2 ,则“天问一号”的停泊轨道与火星表面的最远距离约为( ) A. 6 105 m B. 6 106 m C. 6 107 m D. 6 108 m

【解析】探测器在火星表面飞行时万有引力提供向心力; Mm 4 2 ①,火星表面 G r2 m T2 r

19.某电场的等势面如图所示,图中 a、b、c、d、e 为电场中的 5 个点,则( )

A.一正电荷从 b 点运动到 e 点,电场力做正功 B.一电子从 a 点运动到 d 点,电场力做功为 4eV C. b 点电场强度垂直于该点所在等势面,方向向右 D. a、b、c、d 四个点中, b 点的电场强度大小最大

【解析】A 项,由于 b 点和 e 点在同一等势面,所以电荷从 b 点运动到 e 点电场力不做功,

故 A 项错误;B 项,电子带负电,从低等势面运动到高等势面,电场力做正功,做功大小为

度垂直于该点所在等势面,电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面,所以 b 点场 强方向向左,故 C 项错误;D 项,a 、b 、c 、d 四个点中,b 点附近的等差等势面最密集, 所以 b 点电场强度大小最大,故 D 项正确。综上所述,本题正确答案为 BD。

20.一质量为 m 的物体自倾角为 的固定斜面底端沿斜面向上滑动。该物体开始滑动时的 动能为 EK ,向上滑动一段距离后速度减小为零,此后物体向下滑动,到达斜面底端时动能 为 Ek / 5 。已知 sin a 0.6 ,重力加速度大小为 g 。则( )

由于上滑受到的合力大于下滑时受到的合力大小,因此下滑时间更长,故 BC 正确,AD 项错 误,选 BC。

21.由相同材料的导线绕成边长相同的甲、乙两个正方形闭合线圈,两线圈的质量相等,但

时由静止开始下落,一段时间后进入一方向垂直于纸面的匀强磁场区域,磁场的上边界水平, 如图所示。不计空气阻力,已知下落过程中线圈始终平行于纸面,上、下边保持水平。在线 圈下边进入磁场后且上边进入磁场前,可能出现的是( )

A.甲和乙都加速运动 B.甲和乙都减速运动 C.甲加速运动,乙减速运动 D.甲减速运动,乙加速运动 【答案】AB

【解析】设线框质量为 m ,磁感应强度大小为 B ,线框匝数为 n ,刚到达磁场上方时速度

甲框长度为乙框的两倍,那么电阻为 4 倍,易得,两线框在磁场中加速度相等,故选 AB,

三、实验题 22.为测量小铜块与瓷砖表面间的动摩擦因数,一同学将贴有标尺的瓷砖的一端放在水平桌

面上,形成一倾角为 a 的斜面(已知 sin 0.34 , cos 0.94 ),小铜块可在斜面上加

速下滑,如图所示。该同学用手机拍摄小铜块的下滑过程,然后解析视频记录的图像,获得

5 个连续相等时间间隔(每个时间间隔 T 0.20s )内小铜块沿斜面下滑的距离 si

由表中数据可得,小铜块沿斜面下滑的加速度大小为_______ m/s2 ,小铜块与瓷砖表面间的

动摩擦因数为________。(结果均保留 2 位有效数字,重力加速度大小取 9.80m/s2 )

代入数据解得: a 0.43m / s2 ;对小铜块应用牛顿第二定律得:

23. 某同学用图( a )所示电路探究小灯泡的伏安特性,所用器材有:小灯泡(额定电压 2.5V , 额定电流 0.3A )、电压表(量程 300mV ,内阻 300 )、电流表(量程 300mA ,内阻 0.27 )

(1)有 3 个阻值分别为10、20、30 的定值电阻可供选择,为了描绘小灯泡电流在 0 300mA 的 U I 曲线 应选取阻值为______ 的定值电阻; (2)闭合开关前,滑动变阻器的滑片应置于变阻器的________(填“ a ”或“ b ”)端; (3)在流过电流表的电流较小时,将电阻箱 R2 的阻值置零,改变滑动变阻器滑片的位置, 读取电压表和电流表的示数 U、I ,结果如图( b )所示。当流过电流表的电流为10mA 时, 小灯泡的电阻为_________ (保留1位有效数字);

(4)为使得电压表满量程时对应于小灯泡两端的电压为 3V ,该同学经计算知,应将 R2 的 阻值调整为________ 。然后调节滑动变阻器 R1 ,测得数据如下表所示:

(5)由图( b )和上表可知,随流过小灯泡电流的增加,其灯丝的电阻_______(填“增大”

(6)该同学观测到小灯泡刚开始发光时流过电流表的电流为160mA ,可得此时小灯泡电

功率 W1 ________ W (保留 2 位有效数字);当流过电流表的电流为 300mA 时,小灯泡

(4)灯泡两端电压为 3V 时,R2 与 电压之后也为 3V ,电压表满量程电压为 0.3V ,故 R2

(6)由表中数据 I 160mA ,伏特表示数为 46mV ,则小灯泡两端电压为 460mV ,

24.如图,一倾角为 的光滑斜面上有 50 个减速带(图中未完全画出),相邻减速带间的距

离均为 d ,减速带的宽度远小于 d ;一质量为 m 的无动力小车(可视为质点)从距第一个 减速带 L 处由静止释放。已知小车通过减速带损失的机械能与到达减速带时的速度有关。观 察发现,小车通过第 30 个减速带后,在相邻减速带间的平均速度均相同。小车通过第 50 个

减速带后立刻进入与斜面光滑连接的水平地面,继续滑行距离 s 后停下。已知小车与地面间

(1)求小车通过第 30 个减速带后,经过每一个减速带时损失的机械能; (2)求小车通过前 30 个减速带的过程中在每一个减速带上平均损失的机械能; (3)若小车在前 30 个减速带上平均每一个损失的机械能大于之后每一个减速带上损失的机 则 L 应满足什么条件?

【解析】(1)小车通过第 30 个减速带后,在经过每个减速带后的速度 v0 是不变的,说明小 车在经过每一个减速带时损失的机械能即为经过上一个间隔 d 时增加的动能,根据功能关系 得: E1 mgd sin 。

(2)由(1)分析可知,小车通过第 50 个减速带后速度大小为 v0 ,由动能定理得:

25. 如图,长度均为 L 的两块挡板竖直相对放置,间距也为 L ,两挡板上边缘 P 和 M 处于 同一水平线上,在该水平线的上方区域有方向竖直向下的匀强电场,电场强度大小为 E ;

两挡板间有垂直纸面向外、磁感应强度大小可调节的匀强磁场。一质量为 m ,电荷量为

q(q 0) 的粒子自电场中某处以大小为 v0 的速度水平向右发射,恰好从 P 点处射入磁场,

从两挡板下边缘 Q 和 N 之间射出磁场,运动过程中粒子未与挡板碰撞。已知粒子射入磁场

(3)若粒子正好从 QN 的中点射出磁场,求粒子在磁场中的轨迹与挡板 MN 的最近距离。

(2)当粒子从 Q 点射出时,圆半径设为 r1 ,磁感应强度设为 B1 ,

(1)如图,一定量的理想气体经历的两个不同过程,分别由体积-温度 (V t) 图上的两条

(2)如图,一汽缸中由活塞封闭有一定量的理想气体,中间的隔板将气体分为 A、B 两部 分;初始时, A、B 的体积均为V ,压强均等于大气压 P0 。隔板上装有压力传感器和控制 装置,当隔板两边压强差超过 0.5 p0 时隔板就会滑动,否则隔板停止运动。气体温度始 终保持不变。向右缓慢推动活塞,使 B 的体积减小为V / 2 。

(i)求 A 的体积和 B 的压强; (ⅱ)再使活塞向左缓慢回到初始位置,求此时 A 的体积和 B 的压强。

(1)如图,单色光从折射率 n 1.5 、厚度 d 10.0cm 的玻璃板上表面射入。已知线 m/s ,则该单色光在玻璃板内传播的速度为________ m/s ;对于所有可能

(2)均匀介质中质点 A、B 的平衡位置位于 x 轴上,坐标分别为 0 和 xB 16cm 。某简谐 横波沿 x 轴正方向传播,波速为 v 20cm/s ,波长大于 20cm,振幅为 y0 lcm ,且传播

时无衰减。 t 0 时刻 A、B 偏离平衡位置的位移大小相等、方向相同,运动方向相反,此 后每隔 t 0.6s 两者偏离平衡位置的位移大小相等、方向相同。已知在 t1 时刻 (t1 0) ,质 点 A 位于波峰。求 (i)从 t1 时刻开始,质点 B 最少要经过多长时间位于波峰;

当光从玻璃砖穿出时:设入射角为 c ,出射角为 0 ,因此有: n sinc n0 sin0 1 ,

1. 化学与人体健康及环境保护息息相关。下列叙述正确的是 A. 食品加工时不可添加任何防腐剂 B. 掩埋废旧电池不会造成环境污染 C. 天然气不完全燃烧会产生有毒气体 D. 使用含磷洗涤剂不会造成水体污染 【答案】C 【解析】 【分析】

【详解】A.食品加工时,可适当添加食品添加剂和防腐剂等,如苯甲酸钠,故 A 错误; B.废旧电池中含有重金属等金属离子,会造成土壤污染,水体污染等,故 B 错误; C.天然气主要成分为甲烷,不完全燃烧会产生一氧化碳等有毒气体,故 C 正确; D.含磷洗涤剂的排放,使水中磷过多,造成水中藻类疯长,消耗水中溶解的氧,水体变浑 浊,故 D 错误; 故选 C。

转移的电子数为 2 个,则有 3mol 的 NO2 参与反应时,转移的电子数为 2NA ,B 错误;

【详解】A.氯化铵不稳定,加热易分解生成氨气和氯化氢,但两者遇冷又会化合生成氯化

B.将铝片加到冷浓硝酸中会发生钝化现象,不能用于制备二氧化氮,B 不可行;

C.硫化氢为还原性气体,浓硫酸具有强氧化性,不能用浓硫酸与硫化钠固体反应制备该硫

D.实验室加热氯酸钾和二氧化锰的混合物,生成氯化钾和氧气,二氧化锰作催化剂,可用

B.乙酸可与饱和碳酸氢钠反应,产生气泡,乙醇不能发生反应,与饱和碳酸钠互溶,两者 现象不同,可用饱和碳酸氢纳溶液可以鉴别两者,B 正确; C.含相同碳原子数的烷烃,其支链越多,沸点越低,所以烷烃的沸点高低不仅仅取决于碳 原子数的多少,C 错误; D.戊二烯分子结构中含 2 个不饱和度,其分子式为 C5H8,环戊烷分子结构中含 1 个不饱和 度,其分子式为 C5H10,两者分子式不同,不能互为同分异构体,D 错误。 故选 B。 5. W、X、Y、Z 为原子序数依次增大的短周期主族元素,Z 的最外层电子数是 W 和 X 的最 外层电子数之和,也是 Y 的最外层电子数的 2 倍。W 和 X 的单质常温下均为气体。下列叙 述正确的是

B. W 与 X 只能形成一种化合物 C. Y 的氧化物为碱性氧化物,不与强碱反应 D. W、X 和 Z 可形成既含有离子键又含有共价键 化合物 【答案】D

【分析】W.X、Y、Z 为原子序数依次增大的短周期主族元素,Z 的最外层电子数是 W 和 X 的最外层电子数之和,也是 Y 的最外层电子数的 2 倍,则分析知,Z 的最外层电子数为偶 数,W 和 X 的单质常温下均为气体,则推知 W 和 X 为非金属元素,所以可判断 W 为 H 元 素,X 为 N 元素,Z 的最外层电子数为 1+5=6,Y 的最外层电子数为 6 =3,则 Y 为 Al 元素,

2 Z 为 S 元素,据此结合元素及其化合物的结构与性质分析解答。 【详解】根据上述分析可知,W H 元素,X 为 N 元素,Y 为 Al 元素,Z 为 S 元素,则 A.电子层数越多的元素原子半径越大,同周期元素原子半径依次减弱,则原子半径:Y(Al) >Z(S)>X(N)>W(H),A 错误; B.W 为 H 元素,X 为 N 元素,两者可形成 NH3 和 N2H4,B 错误; C.Y 为 Al 元素,亚博竞彩App其氧化物为两性氧化物,可与强酸、强碱反应,C 错误; D.W、X 和 Z 可形成(NH4)2S、NH4HS,两者既含有离子键又含有共价键,D 正确。 故选 D。

【详解】A.由题可知,曲线上的点均为饱和溶液中微粒浓度关系,由上述分析可知,曲线 的沉淀溶解曲线,选项 A 错误;

C.向饱和 BaSO4 溶液中加入适量 BaCl2 固体后,溶液中 c(Ba2+)增大,根据温度不变则

7. 乙醛酸是一种重要的化工中间体,可果用如下图所示的电化学装置合成。图中的双极膜

中间层中的 H2O 解离为 H+ 和 OH- ,并在直流电场作用下分别问两极迁移。下列说法正确

C. 制得 2mol 乙醛酸,理论上外电路中迁移了1mol 电子 D. 双极膜中间层中的 H+ 在外电场作用下向铅电极方向迁移

【答案】D 【解析】 【分析】该装置通电时,乙二酸被还原为乙醛酸,因此铅电极为电解池阴极,石墨电极为电

解池阳极,阳极上 Br-被氧化为 Br2,Br2 将乙二醛氧化为乙醛酸,双极膜中间层的 H+在直流 电场作用下移向阴极,OH-移向阳极。 【详解】A.KBr 在上述电化学合成过程中除作电解质外,同时还是电解过程中阳极的反应 物,生成的 Br2 为乙二醛制备乙醛酸的中间产物,故 A 错误; B.阳极上为 Br-失去电子生成 Br2,Br2 将乙二醛氧化为乙醛酸,故 B 错误; C.电解过程中阴阳极均生成乙醛酸,1mol 乙二酸生成 1mol 乙醛酸转移电子为 2mol,1mol 乙二醛生成 1mol 乙醛酸转移电子为 2mol,根据转移电子守恒可知每生成 1mol 乙醛酸转移 电子为 1mol,因此制得 2mol 乙醛酸时,理论上外电路中迁移了 2mol 电子,故 C 错误; D.由上述分析可知,双极膜中间层的 H+在外电场作用下移向阴极,即 H+移向铅电极,故 D 正确; 综上所述,说法正确的是 D 项,故答案为 D。

8. 碘(紫黑色固体,微溶于水)及其化合物广泛用于医药、染料等方面。回答下列问题:

①加入 Fe 粉进行转化反应的离子方程式为_______,生成的沉淀与硝酸反应,生成_______ 后可循环使用。

②通入 Cl2 的过程中,若氧化产物只有一种,反应的化学方程式为_______;若反应物用量

(2)以 NaIO3 为原料制备 I2 的方法是:先向 NaIO3 溶液中加入计量的 NaHSO3 ,生成碘化 物;再向混合溶液中加入 NaIO3 溶液,反应得到 I2 ,上述制备 I2 的总反应的离子方程式为

液反应后,过滤,滤液经水蒸气蒸馏可制得高纯碘。反应中加入过量 KI 的原因是_______。

【详解】(1) ①由流程图可知悬浊液中含 AgI ,AgI 可与 Fe 反应生成 FeI2 和 Ag,FeI2 易溶 于水,在离子方程式中能拆,故加入 Fe 粉进行转化反应的离子方程式为 2AgI+Fe=2Ag+ Fe2++2I-,生成的银能与硝酸反应生成硝酸银参与循环中,故答案为:2AgI+Fe=2Ag+ Fe2++2I-; AgNO3;

②通入 Cl2 过程中,因 I-还原性强于 Fe2+, Cl2 先氧化还原性强的 I-,若氧化产物只有一

种,则该氧化产物只能是 I2,故反应的化学方程式为 FeI2+Cl2= I2+FeCl2,若反应物用量比

生成的单质碘以及水继续发生氧化还原反应,单质碘的收率会降低,故答案为:FeI2+Cl2=

(2)先向 NaIO3 溶液中加入计量的 NaHSO3 ,生成碘化物即含 I-的物质;再向混合溶液中(含

可逆反应 I2 +I- I3- 平衡右移,增大 I2 溶解度,防止 I2 升华,有利于蒸馏时防止单质碘析

9. 胆矾( CuSO4 5H2O )易溶于水,难溶于乙醇。某小组用工业废铜焙烧得到的 CuO (杂质

为氧化铁及泥沙)为原料与稀硫酸反应制备胆矾,并测定其结晶水的含量。回答下列问题:

(1)制备胆矾时,用到的实验仪器除量筒、酒精灯、玻璃棒、漏斗外,还必须使用的仪器有

(2)将 CuO 加入到适量的稀硫酸中,加热,其主要反应的化学方程式为_______,与直接用

(3)待 CuO 完全反应后停止加热,边搅拌边加入适量 H2O2 ,冷却后用 NH3 H2O 调 pH 为 3.5~4,再煮沸10min ,冷却后过滤。滤液经如下实验操作:加热蒸发、冷却结晶、_______、

(4)结晶水测定:称量干燥坩埚的质量为 m1 ,加入胆矾后总质量为 m2 ,将坩埚加热至胆矾

全部变为白色,置于干燥器中冷至室温后称量,重复上述操作,最终总质量恒定为 m3 。根

据实验数据,胆矾分子中结晶水的个数为_______(写表达式)。 (5)下列操作中,会导致结晶水数目测定值偏高的是_______(填标号)。 ①胆矾未充分干燥 ②坩埚未置于干燥器中冷却 ③加热时有少胆矾迸溅出来

等量胆矾消耗硫酸少(硫酸利用率高) (4). 过滤 (5). 干燥 (6). 除尽铁,抑制硫

【详解】(1)制备胆矾时,根据题干信息可知,需进行溶解、过滤、结晶操作,用到的实验 仪器除量筒、酒精灯、玻璃棒、漏斗外,还必须使用的仪器有烧杯和蒸发皿,A、C 符合题 意,故答案为:A、C;

Δ (2)将 CuO 加入到适量的稀硫酸中,加热,其主要反应的化学方程式为 CuO+H2SO4

CuSO4+H2O;直接用废铜和浓硫酸反应生成硫酸铜与二氧化硫和水,与这种方法相比,将 CuO 加入到适量的稀硫酸中,加热制备胆矾的实验方案具有的优点是:不会产生二氧化硫 且产生等量胆矾消耗硫酸少(硫酸利用率高); (3) 硫酸铜溶液制硫酸铜晶体,操作步骤有加热蒸发、冷却结晶、过滤、乙醇洗涤、干燥; CuO 中含氧化铁杂质,溶于硫酸后会形成铁离子,为使铁元素以氢氧化铁形成沉淀完全, 需控制溶液 pH 为 3.5~4,酸性环境同时还可抑制铜离子发生水解;操作过程中可能会生成

氢氧化铁胶体,所以煮沸10min ,目的是破坏氢氧化铁胶体,使其沉淀,易于过滤,故答

(4) 称量干燥坩埚的质量为 m1 ,加入胆矾后总质量为 m2 ,将坩埚加热至胆矾全部变为白色,

置于干燥器中冷至室温后称量,重复上述操作,最终总质量恒定为 m3 。则水的质量是( m2 -

②坩埚未置于干燥器中冷却,部分白色硫酸铜会与空气中水蒸气结合重新生成胆矾,导致所

终会导致结晶水数目定值偏高,符合题意;综上所述,①③符合题意,故答案为:①③。

10. 二氧化碳催化加氢制甲醇,有利于减少温室气体二氧化碳。回答下列问题:

①用各物质的平衡分压表示总反应的平衡常数,表达式 Kp = _______;

成物总能量低于反应物总能量,反应①为慢反应,因此反应①的活化能高于反应②,同时反 应①的反应物总能量低于生成物总能量,反应②的反应物总能量高于生成物总能量,因此示 意图中能体现反应能量变化的是 A 项,故答案为:-49;A;ΔH1 为正值,ΔH2 为和 ΔH 为负 值,反应①的活化能大于反应②的。

②该反应正向为放热反应,升高温度时平衡逆向移动,体系中 x(CH3OH) 将减小,因此图 中对应等压过程 曲线是 b,故答案为:b;总反应 ΔH0,升高温度时平衡向逆反应方向 移动,甲醇的物质的量分数变小。 ③设起始 n(CO2)=1mol,n(H2)=3mol,则

11. 我国科学家研发的全球首套千吨级太阳能燃料合成项目被形象地称为“液态阳光”计划。

该项目通过太阳能发电电解水制氢,再采用高选择性催化剂将二氧化碳加氢合成甲醇。回答

(1)太阳能电池板主要材料为单晶硅或多晶硅。Si 的价电子层的电子排式为________;单

晶硅的晶体类型为_________。SiCl4 是生产高纯硅的前驱体,其中 Si 采取的杂化类型为 _______。SiCl4 可发生水解反应,机理如下:

(4)我国科学家发明了高选择性的二氧化碳加氢合成甲醇的催化剂,其组成为 ZnO/ZrO2 固溶体。四方 ZrO2 晶胞如图所示。Zr4+离子在晶胞中的配位数是________,晶胞参数为 a pm、 a pm、c pm,该晶体密度为______g·cm-3(写出表达式)。在 ZrO2 中掺杂少量 ZrO 后形成 的催化剂,化学式可表示为 ZnxZr1-xOy,则 y=________(用 x 表达)。

【详解】(1)基态 Si 原子的核外电子排布式为 1s22s22p63s23p2,因此 Si 的价电子层的电子排

式为 3s23p2;晶体硅中 Si 原子与 Si 原子之间通过共价键相互结合,整块晶体是一个三维的

共价键网状结构,因此晶体硅为原子晶体;SiCl4 中 Si 原子价层电子对数为 4+ 4 41 =4, 2

因此 Si 原子采取 sp3 杂化;由图可知,SiCl4(H2O)中 Si 原子的 δ 键数为 5,说明 Si 原子的杂 化轨道数为 5,由此可知 Si 原子的杂化类型为 sp3d,故答案为:3s23p2;原子晶体(共价晶体); sp3;②; (2)CO2 的结构式为 O=C=O,1 个双键中含有 1 个 δ 键和 1 个 π 键,因此 1 个 CO2 分子中含有 2 个 δ 键和 2 个 π 键,故答案为:2;2;

(3)甲醇分子之间和水分子之间都存在氢键,因此沸点高于不含分子间氢键的甲硫醇,甲醇 分子之间氢键的总强度低于水分子之间氢键的总强度,因此甲醇的沸点介于水和甲硫醇之间, 故答案为:甲硫醇不能形成分子间氢键,而水和甲醇均能,且水比甲醇的氢键多;

(4)以晶胞中右侧面心的 Zr4+为例,同一晶胞中与 Zr4+连接最近且等距的 O2-数为 4,同理可 知右侧晶胞中有 4 个 O2-与 Zr4+相连,因此 Zr4+离子在晶胞中的配位数是 4+4=8;1 个晶胞中

12. 近年来,以大豆素(化合物 C)为主要成分的大豆异黄酮及其衍生物,因其具有优良的生

(5)由 G 生成 H 分两步进行:反应 1)是在酸催化下水与环氧化合物的加成反应,则反应 2)的

(6)化合物 B 的同分异构体中能同时满足下列条件的有_______(填标号)。

(7)根据上述路线中的相关知识,以丙烯为主要原料用不超过三步的反应设计合成下图有机

【答案】 (1). 间苯二酚(或 1,3-苯二酚) (2). 2 (3). 酯基,醚键,酮基(任写两

先氧化成环氧化合物 G,G 在酸催化下水与环氧化合物的加成反应,然后发生酯的水解生成 H,据此分析解答。

生了加成反应,所以1mol D 反应生成 E 至少需要 2 mol 氢气,故答案为:2;

名称为酯基,醚键,酮基(任写两种),故答案为:酯基,醚键,酮基(任写两种);

+H2O; (5)由 G 生成 H 分两步进行:反应 1)是在酸催化下水与环氧化合物的加成反应,则反应 2)是 将酯基水解生成羟基,反应类型为取代反应,故答案为:取代反应;

件:.含苯环的醛、酮;b.不含过氧键( -O-O- );c.核磁共振氢谱显示四组峰,且峰面积比为

(7)以丙烯为主要原料用不超过三步的反应设计合成下图有机物,可以将丙烯在 m-CPBA 的

作用下生成环氧化合物,环氧化合物在酸催化下水发生加成反应,然后再与碳酸二甲酯发生

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